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數列公式大全
數列公式大全1
小升初奧數之數列求和公式匯總
等差數列：在一列數中，任意相鄰兩個數的差是一定的，這樣的一列數，就叫做等差數列。
基本概念：首項：等差數列的第一個數，一般用a1表示； 項數：等差數列的所有數的個數，一般用n表示；
公差：數列中任意相鄰兩個數的'差，一般用d表示；
通項：表示數列中每一個數的公式，一般用an表示； 數列的和：這一數列全部數字的和，一般用Sn表示
基本思路：等差數列中涉及五個量：a1 ,an, d, n, sn,,通項公式中涉及四個量，如果己知其中三個，就可求出第四個；求和公式中涉及四個量，如果己知其中三個，就可以求這第四個。
基本公式：通項公式：an = a1+（n－1）d；
通項＝首項＋（項數一1) ×公差；
數列和公式：sn,= (a1+ an)×n÷2；
數列和＝（首項＋末項）×項數÷2；
項數公式：n= (an+ a1)÷d＋1；
項數=（末項-首項）÷公差＋1；
公差公式：d =（an－a1））÷（n－1）；
公差=（末項－首項）÷（項數－1）；
關鍵問題：確定已知量和未知量，確定使用的公式
數列公式大全2
一、知識與技能
1.了解公差的概念，明確一個數列是等差數列的限定條件，能根據定義判斷一個數列是等差數列;
2.正確認識使用等差數列的各種表示法，能靈活運用通項公式求等差數列的首項、公差、項數、指定的項.
二、過程與方法
1.通過對等差數列通項公式的推導培養學生：的觀察力及歸納推理能力；
2.通過等差數列變形公式的教學培養學生：思維的深刻性和靈活性.
三、情感態度與價值觀
通過等差數列概念的歸納概括，培養學生：的觀察、分析資料的能力，積極思維，追求新知的創新意識.
教學過程
導入新課
師：上兩節課我們學習了數列的定義以及給出數列和表示數列的幾種方法——列舉法、通項公式、遞推公式、圖象法.這些方法從不同的角度反映數列的特點.下面我們看這樣一些數列的例子：(課本P41頁的4個例子)
(1)0，5，10，15，20，25，…;
(2)48，53，58，63，…;
(3)18，15.5，13，10.5，8，5.5…;
(4)10 072，10 144，10 216，10 288，10 366，….
請你們來寫出上述四個數列的第7項.
生：第一個數列的第7項為30，第二個數列的第7項為78，第三個數列的第7項為3，第四個數列的第7項為10 510.
師：我來問一下，你依據什么寫出了這四個數列的第7項呢?以第二個數列為例來說一說.
生：這是由第二個數列的后一項總比前一項多5，依據這個規律性我得到了這個數列的第7項為78.
師：說得很有道理!我再請同學們仔細觀察一下，看看以上四個數列有什么共同特征？我說的是共同特征.
生：1每相鄰兩項的差相等，都等于同一個常數.
師：作差是否有順序，誰與誰相減？
生：1作差的順序是后項減前項，不能顛倒.
師：以上四個數列的共同特征：從第二項起，每一項與它前面一項的差等于同一個常數(即等差)；我們給具有這種特征的數列起一個名字叫——等差數列.
這就是我們這節課要研究的內容.
推進新課
等差數列的定義：一般地，如果一個數列從第二項起，每一項與它前一項的差等于同一個常數，這個數列就叫做等差數列，這個常數就叫做等差數列的公差(常用字母“d”表示).
�。�1）公差d一定是由后項減前項所得，而不能用前項減后項來求；
�。�2）對于數列{an}，若an-a n-1=d(與n無關的數或字母)，n≥2，n∈N*，則此數列是等差數列，d叫做公差.
師：定義中的關鍵字是什么?(學生：在學習中經常遇到一些概念，能否抓住定義中的關鍵字，是能否正確地、深入的理解和掌握概念的重要條件，更是學好數學及其他學科的重要一環.因此教師：應該教會學生：如何深入理解一個概念，以培養學生：分析問題、認識問題的能力)
生：從“第二項起”和“同一個常數”.
師：：很好！
師：請同學們思考：數列(1)、(2)、(3)、(4)的通項公式存在嗎？如果存在，分別是什么？
生：數列(1)通項公式為5n-5，數列(2)通項公式為5n+43，數列(3)通項公式為2.5n-15.5，….
師：好，這位同學用上節課學到的知識求出了這幾個數列的通項公式，實質上這幾個通項公式有共同的特點，無論是在求解方法上，還是在所求的結果方面都存在許多共性，下面我們來共同思考.
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等差數列的通項公式
師：等差數列定義是由一數列相鄰兩項之間關系而得到的，若一個等差數列{an}的首項是a1，公差是d，則據其定義可得什么?
生：a2-a1=d,即a2=a1+d.
師：對，繼續說下去!
生：a3-a2=d,即a3=a2+d=a1+2d;
a4-a3=d,即a4=a3+d=a1+3d;
……
師：好！規律性的東西讓你找出來了，你能由此歸納出等差數列的通項公式嗎?
生：由上述各式可以歸納出等差數列的通項公式是an=a1+(n-1)d.
師：很好!這樣說來，若已知一數列為等差數列，則只要知其首項a1和公差d，便可求得其通項an了.需要說明的是：此公式只是等差數列通項公式的猜想，你能證明它嗎?
生：前面已學過一種方法叫迭加法，我認為可以用.證明過程是這樣的：
因為a2-a1=d,a3-a2=d,a4-a3=d,…,an-an-1=d.將它們相加便可以得到：an=a1+(n-1)d.
師：太好了!真是活學活用啊!這樣一來我們通過證明就可以放心使用這個通項公式了.
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由上述關系還可得：am=a1+(m-1)d,
即a1=am-(m-1)d.
則an=a1+(n-1)d=am-(m-1)d+(n-1)d=am+(n-m)d,
即等差數列的第二通項公式an=am+(n-m)d.(這是變通的通項公式)
由此我們還可以得到.
�。劾}剖析］
【例1】（1）求等差數列8，5，2,…的第20項;
（2）-401是不是等差數列-5，-9，-13…的項？如果是，是第幾項？
師：這個等差數列的首項和公差分別是什么?你能求出它的第20項嗎?
生：1這題太簡單了!首項和公差分別是a1=8,d=5-8=2-5=-3.又因為n=20，所以由等差數列的通項公式，得a20=8+(20-1)×(-3)=-49.
師：好!下面我們來看看第（2）小題怎么做.
生：2由a1=-5,d=-9-(-5)=-4得數列通項公式為an=-5-4(n-1).
由題意可知，本題是要回答是否存在正整數n，使得-401=-5-4(n-1)成立,解之,得n=100，即-401是這個數列的第100項.
師：剛才兩個同學將問題解決得很好，我們做本例的目的是為了熟悉公式，實質上通項公式就是an,a1,d,n組成的方程(獨立的量有三個).
說明:(1)強調當數列｛an｝的項數n已知時，下標應是確切的數字；(2)實際上是求一個方程的正整數解的問題.這類問題學生：以前見得較少，可向學生：著重點出本問題的實質：要判斷-401是不是數列的項，關鍵是求出數列的通項公式an，判斷是否存在正整數n，使得an=-401成立.
【例2】已知數列{an}的通項公式an=pn+q，其中p、q是常數，那么這個數列是否一定是等差數列？若是，首項與公差分別是什么？
例題分析：
師：由等差數列的定義，要判定{an}是不是等差數列，只要根據什么?
生：只要看差an-an-1(n≥2)是不是一個與n無關的常數.
師：說得對，請你來求解.
生：當n≥2時，〔取數列{an}中的任意相鄰兩項an-1與an(n≥2)〕
an-an-1=(pn+1)-［p(n-1)+q］=pn+q-(pn-p+q)=p為常數,
所以我們說{an}是等差數列，首項a1=p+q，公差為p.
師：這里要重點說明的是：
(1)若p=0，則{an}是公差為0的等差數列，即為常數列q，q，q，….
(2)若p≠0，則an是關于n的`一次式，從圖象上看，表示數列的各點(n，an)均在一次函數y=px+q的圖象上，一次項的系數是公差p，直線在y軸上的截距為q.
(3)數列{an}為等差數列的充要條件是其通項an=pn+q(p、q是常數)，稱其為第3通項公式.課堂練習
(1)求等差數列3，7，11，…的第4項與第10項.
分析：根據所給數列的前3項求得首項和公差，寫出該數列的通項公式，從而求出所┣笙.
解：根據題意可知a1=3，d=7-3=4.∴該數列的通項公式為an=3+(n-1)×4，即an=4n-1(n≥1，n∈N*).∴a4=4×4-1=15，a 10=4×10-1=39.
評述：關鍵是求出通項公式.
(2)求等差數列10，8，6，…的第20項.
解：根據題意可知a1=10，d=8-10=-2.
所以該數列的通項公式為an=10+(n-1)×(-2)，即an=-2n+12，所以a20=-2×20+12=-28.
評述：要求學生：注意解題步驟的規范性與準確性.
(3)100是不是等差數列2，9，16，…的項？如果是，是第幾項？如果不是，請說明理由.
分析：要想判斷一個數是否為某一個數列的其中一項，其關鍵是要看是否存在一個正整數n值，使得an等于這個數.
解：根據題意可得a1=2，d=9-2=7.因而此數列通項公式為an=2+(n-1)×7=7n-5.
令7n-5=100，解得n=15.所以100是這個數列的第15項.
(4)-20是不是等差數列0，，-7，…的項？如果是，是第幾項？如果不是，請說明理由.
解：由題意可知a1=0，,因而此數列的通項公式為.
令，解得.因為沒有正整數解，所以-20不是這個數列的項.
課堂小結
師：（1）本節課你們學了什么？（2）要注意什么？（3）在生：活中能否運用？(讓學生：反思、歸納、總結,這樣來培養學生：的概括能力、表達能力)
生：通過本課時的學習，首先要理解和掌握等差數列的定義及數學表達式a n-a n-1=d(n≥2);其次要會推導等差數列的通項公式an=a1+(n-1)d(n≥1).
數列公式大全3
等比數列求和公式
1.等比數列通項公式
an=a1×q^(n-1);
推廣式：an=am×q^(n-m);
2.等比數列求和公式
Sn=n×a1(q=1);
Sn=a1(1-q^n)/(1-q)=(a1-an*q)/(1-q)=a1(q^n-1)/(q-1)(q≠1);
(q為公比，n為項數)。
3.等比數列求和公式推導
(1)Sn=a1+a2+a3+...+an(公比為q);
(2)q*Sn=a1*q+a2*q+a3*q+...+an*q=a2+a3+a4+...+a(n+1);
(3)Sn-q*Sn=a1-a(n+1);
(4)(1-q)Sn=a1-a1*q^n;
(5)Sn=(a1-a1*q^n)/(1-q);
(6)Sn=(a1-an*q)/(1-q);
(7)Sn=a1(1-q^n)/(1-q);
(8)Sn=k*(1-q^n)~y=k*(1-a^x)。
拓展閱讀：等比數列的性質
(1)若m、n、p、q∈N+，且m+n=p+q，則am×an=ap×aq。
(2)在等比數列中，依次每k項之和仍成等比數列。
(3)若“G是a、b的等比中項”則“G2=ab(G≠0)”。
(4)若{an}是等比數列，公比為q1，{bn}也是等比數列，公比是q2，則{a2n}，{a3n}…是等比數列，公比為q1^2，q1^3…{can}，c是常數，{an×bn}，{an/bn}是等比數列，公比為q1，q1q2，q1/q2。
(5)若(an)為等比數列且各項為正，公比為q，則(log以a為底an的對數)成等差，公差為log以a為底q的對數。
(6)等比數列前n項之和。
在等比數列中，首項A1與公比q都不為零。
注意：上述公式中An表示A的'n次方。
(7)由于首項為a1，公比為q的等比數列的通項公式可以寫成an=(a1/q)×qn，它的指數函數y=ax有著密切的聯系，從而可以利用指數函數的性質來研究等比數列。
數列公式大全4
數列的基本概念 等差數列
(1)數列的通項公式an=f(n)
(2)數列的遞推公式
(3)數列的通項公式與前n項和的關系
an+1-an=d
an=a1+(n-1)d
a，A，b成等差 2A=a+b
m+n=k+l am+an=ak+al
等比數列 常用求和公式
an=a1qn_1
a，G，b成等比 G2=ab
m+n=k+l aman=akal
不等式
不等式的基本性質 重要不等式
a>b b
a>b，b>c a>c
a>b a+c>b+c
a+b>c a>c-b
a>b，c>d a+c>b+d
a>b，c>0 ac>bc
a>b，c<0 ac
a>b>0，c>d>0 ac
a>b>0 dn>bn(n∈Z，n>1)
a>b>0 > (n∈Z，n>1)
(a-b)2≥0
a，b∈R a2+b2≥2ab
|a|-|b|≤|a±b|≤|a|+|b|
證明不等式的`基本方法
比較法
(1)要證明不等式a>b(或a
a-b>0(或a-b<0=即可
(2)若b>0，要證a>b，只需證明 ，
要證a
綜合法 綜合法就是從已知或已證明過的不等式出發，根據不等式的性質推導出欲證的不等式(由因導果)的方法。
分析法 分析法是從尋求結論成立的充分條件入手，逐步尋求所需條件成立的充分條件，直至所需的條件已知正確時為止，明顯地表現出“持果索因”
數列公式大全5
新課程理念倡導的數學課堂教學設計必須“以學生的學為本”，“以學生的發展為本”，即數學課堂教學設計應當是人的發展的“學程”設計，而不單純以學科為中心的“教程”的設計。
一、教學目標的反思
本節課的教學設計意圖：
1。進一步促進學生數學學習方式的改善
這是等比數列的前n項和公式的'第一課時，是實踐二期課改中研究型學習問題的很好材料，可以落實新課程標準倡導的“提倡積極主動，勇于探索的學習方式;強調本質，注意適度形式化”的理念，教與學的重心不只是獲取知識，而是轉到學會思考、學會學習上，教師注意培養學生以研究的態度和方式去認真觀察、分析數學現象，提出新的問題，發現事物的內在規律，引導學生自覺探索，進一步培養學生的自主學習能力。
2。落實二期課改中的三維目標，強調探究的過程和方法
“知識與技能、過程與方法、情感，態度與價值”這三維目標是“以學生的發展為本”的教育理念在二期課改中的具體體現，本節課是數學公式教學課，所以強調學生對認知過程的經歷和體驗，重視對實際問題的理解和應用推廣，強調學生對探究過程和方法的掌握，探究過程包括發現和提出問題，通過觀察、抽象、概括、類比、歸納等探究方法進行實踐。
在此基礎上，根據本班學生是區重點學校學生，學習勤懇，平時好提問，敢于交流與表達自己想法，故本節課制定了如下教學目標：
�。╨）、通過歷史典故引出等比數列求和問題，并在問題解決的過程中自主探索等比數列的前n項和公式的求法。
�。�2）、經歷等比數列的前n項和公式的推導過程，了解推導公式所用的方法，掌握等比數列的前n項和公式，并能進行簡單應用。
二、教材的分析和反思：
本節課是《等比數列的前n項和公式》的第一課時，之前學生已經掌握了數列的基本概念、等差與等比數列的通項公式及等差數列的前n項和公式，對于本節課所需的知識點和探究方法都有了一定的儲備，新教材內容是給出了情景問題：印度國王獎賞國際象棋發明者的故事，通過求棋盤上的麥�？倲颠@個問題的解決，體會由多到少的錯位相減法的數學思想，并將其類比推廣到一般的等比數列的前n項和的求法，最后通過一些例題幫助學生鞏固與掌
數列公式大全6
公式
Sn=(a1+an)n/2
Sn=na1+n(n-1)d/2; （d為公差）
Sn=An2+Bn; A=d/2,B=a1-(d/2)
和為 Sn
首項 a1
末項 an
公差d
項數n
通項
首項=2×和÷項數-末項
末項=2×和÷項數-首項
末項=首項+（項數-1）×公差
項數=（末項-首項）（除以）/ 公差+1
公差=如：1+3+5+7+……99 公差就是3-1
d=an-a
性質：
若 m、n、p、q∈N
�、偃鬽+n=p+q，則am+an=ap+aq
�、谌鬽+n=2q，則am+an=2aq
注意：上述公式中an表示等差數列的第n項。
數列公式大全7
一、高中數列基本公式：
1、一般數列的通項an與前n項和Sn的關系：an=
2、等差數列的通項公式：an=a1+(n-1)d an=ak+(n-k)d (其中a1為首項、ak為已知的第k項) 當d≠0時，an是關于n的一次式;當d=0時，an是一個常數。
3、等差數列的前n項和公式：Sn= Sn= Sn=
當d≠0時，Sn是關于n的二次式且常數項為0;當d=0時(a1≠0)，Sn=na1是關于n的正比例式。
4、等比數列的通項公式： an= a1 qn-1an= ak qn-k
(其中a1為首項、ak為已知的第k項，an≠0)
5、等比數列的前n項和公式：當q=1時，Sn=n a1 (是關于n的正比例式);
當q≠1時，Sn= Sn=
二、高中數學中有關等差、等比數列的結論
1、等差數列{an}的任意連續m項的和構成的數列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m- S3m、……仍為等差數列。
2、等差數列{an}中，若m+n=p+q，則
3、等比數列{an}中，若m+n=p+q，則
4、等比數列{an}的任意連續m項的和構成的.數列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m- S3m、……仍為等比數列。
5、兩個等差數列{an}與{bn}的和差的數列{an+bn}、{an-bn}仍為等差數列。
6、兩個等比數列{an}與{bn}的積、商、倒數組成的數列
{an bn}、、仍為等比數列。
7、等差數列{an}的任意等距離的項構成的數列仍為等差數列。
8、等比數列{an}的任意等距離的項構成的數列仍為等比數列。
9、三個數成等差數列的設法：a-d，a，a+d;四個數成等差的設法：a-3d，a-d，，a+d，a+3d
10、三個數成等比數列的設法：a/q，a，aq;
三、個數成等比的錯誤設法：a/q3，a/q，aq，aq3 (為什么?)
11、{an}為等差數列，則 (c>;0)是等比數列。
12、{bn}(bn>;0)是等比數列，則{logcbn} (c>;0且c1) 是等差數列。
13. 在等差數列中：
(1)若項數為，則
(2)若數為則，，
14. 在等比數列中：
(1) 若項數為，則
(2)若數為則，
數列公式大全8
等比數列求和公式
q≠1時，Sn=a1(1-q^n)/(1-q)=(a1-anq)/(1-q)
q=1時，Sn=na1
(a1為首項,an為第n項,d為公差,q為等比)
這個常數叫做等比數列的'公比，公比通常用字母q表示(q≠0)，等比數列a1≠ 0。注：q=1時，{an}為常數列。利用等比數列求和公式可以快速的計算出該數列的和。
等比數列求和公式推導
Sn=a1+a2+a3+...+an(公比為q)
qSn=a1q + a2q + a3q +...+ anq = a2+ a3+ a4+...+ an+ a(n+1)
Sn-qSn=(1-q)Sn=a1-a(n+1)
a(n+1)=a1qn
Sn=a1(1-qn)/(1-q)(q≠1)
數列公式大全9
等差數列求和公式推導過程：
設首項為a1 ,末項為an ,項數為n ,公差為d ,前n項和為Sn ,則有:Sn=(a1+an)n/2 ;Sn=na1+n(n-1)d/2(d為公差)
當d≠0時，Sn是n的二次函數，(n，Sn)是二次函數的圖象上一群孤立的點。利用其幾何意義可求前n項和Sn的`最值。
注意：公式一二三事實上是等價的，在公式一中不必要求公差等于一。
求和推導證明：由題意得：Sn=a1+a2+a3+...+an①
Sn=an+a(n-1)+a(n-2)+...+a1②
�、�+②得：2Sn=[a1+an]+[a2+a(n-1)]+[a3+a(n-2)]+...+[a1+an](當n為偶數時)
Sn={[a1+an]+[a2+a(n-1)]+[a3+a(n-2)]+...+[a1+an]}/2
Sn=n(A1+An)/2 (a1，an，可以用a1+(n-1)d這種形式表示可以發現括號里面的數都是一個定值，即(A1+An)
拓展閱讀：等比數列的五個基本公式
(1)等比數列的通項公式是：
An=A1×q^(n-1)
若通項公式變形為an=a1/q*q^n(n∈N*),當q>0時，則可把an看作自變量n的函數，點(n,an)是曲線y=a1/q*q^x上的一群孤立的點。
(2)任意兩項am，an的關系為an=am·q^(n-m)
(3)從等比數列的定義、通項公式、前n項和公式可以推出：
a1·an=a2·an-1=a3·an-2=…=ak·an-k+1，k∈{1,2,…,n}
(4)等比中項：aq·ap=ar^2，ar則為ap，aq等比中項。
(5)等比求和：Sn=a1+a2+a3+.......+an
�、佼攓≠1時，Sn=a1(1-q^n)/(1-q)或Sn=(a1-an×q)÷(1-q)
�、诋攓=1時，Sn=n×a1(q=1)
記πn=a1·a2…an，則有π2n-1=(an)2n-1，π2n+1=(an+1)2n+1
數列公式大全10
以下是高中數學《等差數列前n項和的公式》說課稿，僅供參考。
教學目標
A、知識目標：
掌握等差數列前n項和公式的推導方法;掌握公式的運用。
B、能力目標：
(1)通過公式的探索、發現，在知識發生、發展以及形成過程中培養學生觀察、聯想、歸納、分析、綜合和邏輯推理的能力。
(2)利用以退求進的思維策略，遵循從特殊到一般的認知規律，讓學生在實踐中通過觀察、嘗試、分析、類比的方法導出等差數列的求和公式，培養學生類比思維能力。
(3)通過對公式從不同角度、不同側面的剖析，培養學生思維的靈活性，提高學生分析問題和解決問題的能力。
C、情感目標：(數學文化價值)
(1)公式的發現反映了普遍性寓于特殊性之中，從而使學生受到辯證唯物主義思想的熏陶。
(2)通過公式的運用，樹立學生"大眾教學"的思想意識。
(3)通過生動具體的現實問題，令人著迷的數學史，激發學生探究的興趣和欲望，樹立學生求真的勇氣和自信心，增強學生學好數學的心理體驗，產生熱愛數學的情感。
教學重點：等差數列前n項和的公式。
教學難點：等差數列前n項和的公式的靈活運用。
教學方法：啟發、討論、引導式。
教具：現代教育多媒體技術。
教學過程
一、創設情景，導入新課。
師：上幾節，我們已經掌握了等差數列的概念、通項公式及其有關性質，今天要進一步研究等差數列的前n項和公式。提起數列求和，我們自然會想到德國偉大的數學家高斯"神速求和"的故事，小高斯上小學四年級時，一次教師布置了一道數學習題："把從1到100的自然數加起來，和是多少?"年僅10歲的小高斯略一思索就得到答案5050，這使教師非常吃驚，那么高斯是采用了什么方法來巧妙地計算出來的呢?如果大家也懂得那樣巧妙計算，那你們就是二十世紀末的新高斯。(教師觀察學生的表情反映，然后將此問題縮小十倍)。我們來看這樣一道一例題。
例1，計算：1+2+3+4+5+6+7+8+9+10.
這道題除了累加計算以外，還有沒有其他有趣的解法呢?小組討論后，讓學生自行發言解答。
生1:因為1+10=2+9=3+8=4+7=5+6，所以可湊成5個11，得到55。
生2：可設S=1+2+3+4+5+6+7+8+9+10，根據加法交換律，又可寫成 S=10+9+8+7+6+5+4+3+2+1。
上面兩式相加得2S=11+10+......+11=10×11=110
10個
所以我們得到S=55，
即1+2+3+4+5+6+7+8+9+10=55
師：高斯神速計算出1到100所有自然數的各的方法，和上述兩位同學的方法相類似。
理由是：1+100=2+99=3+98=......=50+51=101，有50個101，所以1+2+3+......+100=50×101=5050。請同學們想一下，上面的方法用到等差數列的哪一個性質呢?
生3：數列{an}是等差數列，若m+n=p+q，則am+an=ap+aq.
二、教授新課(嘗試推導)
師：如果已知等差數列的首項a1，項數為n，第n項an，根據等差數列的性質，如何來導出它的前n項和Sn計算公式呢?根據上面的例子同學們自己完成推導，并請一位學生板演。
生4：Sn=a1+a2+......an-1+an也可寫成
Sn=an+an-1+......a2+a1
兩式相加得2Sn=(a1+an)+(a2+an-1)+......(an+a1)
n個
=n(a1+an)
所以Sn=
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(I)
師：好!如果已知等差數列的首項為a1，公差為d，項數為n，則an=a1+(n-1)d代入公式(1)得
Sn=na1+
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d(II) 上面(I)、(II)兩個式子稱為等差數列的前n項和公式。公式(I)是基本的，我們可以發現，它可與梯形面積公式(上底+下底)×高÷2相類比，這里的上底是等差數列的首項a1，下底是第n項an，高是項數n。引導學生總結：這些公式中出現了幾個量?(a1，d，n，an，Sn)，它們由哪幾個關系聯系?[an=a1+(n-1)d，Sn=
#FormatImgID_2#
=na1+
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d];這些量中有幾個可自由變化?(三個)從而了解到：只要知道其中任意三個就可以求另外兩個了。下面我們舉例說明公式(I)和(II)的一些應用。
三、公式的應用(通過實例演練，形成技能)。
1、直接代公式(讓學生迅速熟悉公式，即用基本量觀點認識公式)例2、計算：
(1)1+2+3+......+n
(2)1+3+5+......+(2n-1)
(3)2+4+6+......+2n
(4)1-2+3-4+5-6+......+(2n-1)-2n
請同學們先完成(1)-(3)，并請一位同學回答。
生5：直接利用等差數列求和公式(I)，得
(1)1+2+3+......+n=
#FormatImgID_4#
(2)1+3+5+......+(2n-1)=
#FormatImgID_5#
(3)2+4+6+......+2n=
#FormatImgID_6#
=n(n+1)
師：第(4)小題數列共有幾項?是否為等差數列?能否直接運用Sn公式求解?若不能，那應如何解答?小組討論后，讓學生發言解答。
生6：(4)中的數列共有2n項，不是等差數列，但把正項和負項分開，可看成兩個等差數列，所以
原式=[1+3+5+......+(2n-1)]-(2+4+6+......+2n)
=n2-n(n+1)=-n
生7：上題雖然不是等差數列，但有一個規律，兩項結合都為-1，故可得另一解法：
原式=-1-1-......-1=-n
n個
師：很好!在解題時我們應仔細觀察，尋找規律，往往會尋找到好的方法。注意在運用Sn公式時，要看清等差數列的項數，否則會引起錯解。
例3、(1)數列{an}是公差d=-2的等差數列，如果a1+a2+a3=12，a8+a9+a10=75，求a1，d，S10。
生8：(1)由a1+a2+a3=12得3a1+3d=12，即a1+d=4
又∵d=-2，∴a1=6
∴S12=12 a1+66×(-2)=-60
生9：(2)由a1+a2+a3=12，a1+d=4
a8+a9+a10=75，a1+8d=25
解得a1=1，d=3 ∴S10=10a1+
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=145
師：通過上面例題我們掌握了等差數列前n項和的公式。在Sn公式有5個變量。已知三個變量，可利用構造方程或方程組求另外兩個變量(知三求二)，請同學們根據例3自己編題，作為本節的課外練習題，以便下節課交流。
師：(繼續引導學生，將第(2)小題改編)
①數列{an}等差數列，若a1+a2+a3=12，a8+a9+a10=75，且Sn=145，求a1，d，n
�、谌舸祟}不求a1，d而只求S10時，是否一定非來求得a1，d不可呢?引導學生運用等差數列性質，用整體思想考慮求a1+a10的值。
2、用整體觀點認識Sn公式。
例4，在等差數列{an}， (1)已知a2+a5+a12+a15=36，求S16;(2)已知a6=20，求S11。(教師啟發學生解)
師：來看第(1)小題，寫出的計算公式S16=
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=8(a1+a6)與已知相比較，你發現了什么?
生10：根據等差數列的性質，有a1+a16=a2+a15=a5+a12=18，所以S16=8×18=144。
師：對!(簡單小結)這個題目根據已知等式是不能直接求出a1，a16和d的，但由等差數列的性質可求a1與an的`和，于是這個問題就得到解決。這是整體思想在解數學問題的體現。
師：由于時間關系，我們對等差數列前n項和公式Sn的運用一一剖析，引導學生觀察當d≠0時，Sn是n的二次函數，那么從二次(或一次)的函數的觀點如何來認識Sn公式后，這留給同學們課外繼續思考。
最后請大家課外思考Sn公式(1)的逆命題：
已知數列{an}的前n項和為Sn，若對于所有自然數n，都有Sn=
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。數列{an}是否為等差數列，并說明理由。
四、小結與作業。
師：接下來請同學們一起來小結本節課所講的內容。
生11：1、用倒序相加法推導等差數列前n項和公式。
2、用所推導的兩個公式解決有關例題，熟悉對Sn公式的運用。
生12：1、運用Sn公式要注意此等差數列的項數n的值。
2、具體用Sn公式時，要根據已知靈活選擇公式(I)或(II)，掌握知三求二的解題通法。
3、當已知條件不足以求此項a1和公差d時，要認真觀察，靈活應用等差數列的有關性質，看能否用整體思想的方法求a1+an的值。
師：通過以上幾例，說明在解題中靈活應用所學性質，要糾正那種不明理由盲目套用公式的學習方法。同時希望大家在學習中做一個有心人，去發現更多的性質，主動積極地去學習。
本節所滲透的數學方法;觀察、嘗試、分析、歸納、類比、特定系數等。
數學思想：類比思想、整體思想、方程思想、函數思想等。
數列公式大全11
在幾個公式中，最常用的是中項求和公式，其次是高斯求和公式。希望同學們能對這兩個公式重點掌握和應用。
常見例題解析：
例1.某劇院有25排座位，后一排比前一排多一個，第一排有10個，請問一共有多少個座位?
A. 500 B. 550 C.600 D.650
【答案】B。第一排有10人，最后一排有10+(25-1)×1=34。根據高斯求和公式得：Sn=25(10+34)÷2=550。所以選擇B。
例2.劇院當中 共有33排，每一排比前排多2人，第一排有10人，請問該劇場共有多少人?
A.1250 B. 1386 C.1428 D.1576
【答案】B。因為一共有33排，所有根據中項求和公式得:Sn=33a17。一定能夠被33整除，即你能背3整除又能被11整除。符合條件的只有1386。所以我們選擇B。
由于等比數列求和公式少，所以考法也相對簡單。有的時候是直接應用公式進行解題，有的時候只是用等比數列的思想，并不用求和公式。
常見例題解析：
例3.一種細菌分裂成第一天的兩倍，經過20天的時間可以長滿整個培養皿，請問第幾天可以漲到一半?
A.10 B. 15 C.18 D.19
【答案】D。每天是頭一天的`兩倍，20天的時候長滿，則第19天的時候應該正好長到培養皿的一半。所以選擇D。
例4.老師向告訴小明一個消息，用了一分鐘。事情緊急，老師和小明要不斷地給其他同學打電話告知該消息并讓知道這個消息的同學盡快把這個消息通知給其他人。班里面以公共有60個學生，請問最快需要多長時間可以讓所有人都知道該消息?
A.3 B. 4 C.5 D.6
【答案】D。一分鐘后，有老師和小明2個知道。2分鐘后有4個人知道;3分鐘后有8個人知道;4分鐘后有16個人知道;5分鐘后有32個人知道;6分鐘后有64個人知道，大于老師和60個學生的數量和61，所以6分鐘后所有人都可以知道該消息了。
這兩類數列掌握之后，做題的時候便可助你一臂之力了。
數列公式大全12
1、愛因斯坦說過：“興趣是最好的老師。”新課程的教材比以前有了更多的背景足以說明。本節也以國際象棋的故事為引例來激發學生的學習興趣，然而卻在求和公式的證明中以“我們發現，如果用公比乘…”一筆帶過，這個“發現”卻不是普通學生能做到的，他們只能驚嘆于解法的神奇，而求知欲卻會因其“技巧性太大”而逐步消退。因此如何在有趣的數學文化背景下進一步拓展學生的視野，使數學知識的發生及形成更為自然，更能貼近學生的`認知特征，是每一位教師研討新教材的重要切入點。
2、“課程內容的呈現，應注意反映數學發展的規律，以及人們的認識規律，體現從具體到抽象、特殊到一般的原則�！薄敖滩膽⒁鈩撛O情境，從具體實例出發，展現數學知識的發生、發展過程，使學生能夠從中發現問題、提出問題，經歷數學的發現和創造過程，了解知識的來龍去脈�！边@些都是《數學課程標準》對教材編寫的建議，更是對課堂教學實踐的要求。然而，在新課程的教學中，“穿新鞋走老路”仍是常見的現狀，“重結果的應用，輕過程的探究”或者是應試教育遺留的禍根，卻更與教材的編寫，教師對《課程標準》、教材研究的深淺有關，更與課堂教學實踐密切相關。我們也曾留足時間讓學生思考，卻沒有人能“發現”用“公比乘以①的兩邊”，設計“從特殊到一般”即由2，3，4，…到q，再到 ，也是對教學的不斷實踐與探索的成果。因此，新課程教材留給教師更多發展的空間，每位教師有責任也應當深刻理會《標準》的理念，認真鉆研教材，促進《標準》及教材更加符合學生的實際。
3、先看文[1]由學生自主探究而獲得的兩種方法：
且不說初中教材已經把等比定理刪去，學生能獲得以上兩種方法并不比發現乘以來得容易，無奈之下，有的教師便用“欣賞”來走馬觀花地讓學生感受一下，這當然更不可取。
回到乘比錯位相減法，其實要獲得方法1并不難：可以用q乘以 ，那么是否可以在 的右邊提出一個q呢？請看：
與 比較，右邊括號中比少了一項： ，則有
以上方法僅須教師稍作暗示，學生都可完成。
對于方法2，若去掉分母有 ，與方法1是一致的。
4、在導出公式及證明中值得花這么多時間嗎？或者直接給出公式，介紹證明，可留有更多的時間供學生練習，以上過程，教師講的是不是偏多了？
如果僅僅是為了讓學生學會如何應試，誠然以上的過程將不為人所喜歡，因為按此過程，一節課也就差不多把公式給證明完，又哪來例題與練習的時間呢？
但是我們要追問：課堂應教給學生什么呢？課堂教學應從龐雜的知識中引導學生去尋找關系，挖掘書本背后的數學思想，挖掘出基于學生發展的知識體系，教學生學會思考，讓教學真正成為發展學生能力的課堂活動。因此，本課例在公式的推導及證明中舍得花大量時間，便是為了培養學生學會探究與學習，其價值遠遠超過了公式的應用。
數列公式大全13
目的：
要求學生理解數列的概念及其幾何表示，理解什么叫數列的通項公式，給出一些數列能夠寫出其通項公式，已知通項公式能夠求數列的項。
重點：
1數列的概念。
按一定次序排列的一列數叫做數列。數列中的每一個數叫做數列的項，數列的第n項an叫做數列的通項（或一般項）。由數列定義知：數列中的數是有序的，數列中的數可以重復出現，這與數集中的數的無序性、互異性是不同的。
2．數列的通項公式，如果數列{an}的`通項an可以用一個關于n的公式來表示，這個公式就叫做數列的通項公式。
從映射、函數的觀點看，數列可以看成是定義域為正整數集N*（或寬的有限子集）的函數。當自變量順次從小到大依次取值時對自學成才的一列函數值，而數列的通項公式則是相應的解析式。由于數列的項是函數值，序號是自變量，所以以序號為橫坐標，相應的項為縱坐標畫出的圖像是一些孤立的點。
難點：
根據數列前幾項的特點，以現規律后寫出數列的通項公式。給出數列的前若干項求數列的通項公式，一般比較困難，且有的數列不一定有通項公式，如果有通項公式也不一定唯一。給出數列的前若干項要確定其一個通項公式，解決這個問題的關鍵是找出已知的每一項與其序號之間的對應關系，然后抽象成一般形式。
過程：
一、從實例引入（P110）
1． 堆放的鋼管 4,5,6,7,8,9,102． 正整數的倒數 3． 4． -1的正整數次冪：-1,1,-1,1,…5． 無窮多個數排成一列數：1,1,1,1,…
二、提出課題：
數列
1．數列的定義：
按一定次序排列的一列數（數列的有序性）
2． 名稱：
項，序號，一般公式 ，表示法
3． 通項公式：
與 之間的函數關系式如 數列1： 數列2： 數列4：
4． 分類：
遞增數列、遞減數列；常數列；擺動數列； 有窮數列、無窮數列。
5． 實質：
從映射、函數的觀點看，數列可以看作是一個定義域為正整數集 N*（或它的有限子集{1，2，…，n}）的函數，當自變量從小到大依次取值時對應的一列函數值，通項公式即相應的函數解析式。
6． 用圖象表示：
— 是一群孤立的點 例一 （P111 例一 略）
三、關于數列的通項公式
1． 不是每一個數列都能寫出其通項公式 （如數列3）
2． 數列的通項公式不唯一 如： 數列4可寫成 和
3． 已知通項公式可寫出數列的任一項，因此通項公式十分重要例二 （P111 例二）略
四、補充例題：
寫出下面數列的一個通項公式，使它的前 項分別是下列各數：1．1，0，1，0． 2． ， ， ， ， 3．7，77，777，7777 4．-1，7，-13，19，-25，31 5． ， ， ，
五、：
1．數列的有關概念
2．觀察法求數列的通項公式
六、作業：
練習 P112 習題 3．1（P114）1、2
七、練習：
1．觀察下面數列的特點，用適當的數填空，關寫出每個數列的一個通項公式；（1） ， ， ，（ ）， ， …（2） ，（ ）， ， ， …
2．寫出下面數列的一個通項公式，使它的前4項分別是下列各數：（1）1、 、 、 ； （2） 、 、 、 ； （3） 、 、 、 ； （4） 、 、 、
3．求數列1，2，2，4，3，8，4，16，5，…的一個通項公式
4．已知數列an的前4項為0， ，0， ，則下列各式 ①an= ②an= ③an= 其中可作為數列{an}通項公式的是A ① B ①② C ②③ D ①②③
5．已知數列1， ， ， ，3， …， ，…，則 是這個數列的（ ）A． 第10項 B.第11項 C.第12項 D.第21項
6．在數列{an}中a1=2,a17=66,通項公式或序號n的一次函數，求通項公式。
7．設函數 （ ），數列{an}滿足
�。�1）求數列{an}的通項公式；
�。�2）判斷數列{an}的單調性。
8．在數列{an}中，an=
�。�1）求證：數列{an}先遞增后遞減；
�。�2）求數列{an}的最大項。
答案：
1.（1） ，an= （2） ，an=
2．（1）an= （2）an= （3）an= （4）an=
3．an= 或an= 這里借助了數列1，0，1，0，1，0…的通項公式an= 。
4．D
5.B
6. an=4n-2
7．（1）an= (2)<1又an<0, ∴ 是遞增數列
數列公式大全14
等差數列公式an=a1+(n-1)d
a1為首項，an為第n項的通項公式，d為公差
前n項和公式為：Sn=na1+n(n-1)d/2
Sn=(a1+an)n/2
若m+n=p+q則：存在am+an=ap+aq
若m+n=2p則：am+an=2ap
以上n.m.p.q均為正整數
文字翻譯
第n項的值an=首項+（項數-1）×公差
前n項的`和Sn=首項×n+項數(項數-1）公差/2
公差d=(an-a1)÷（n-1）
項數=（末項-首項）÷公差+1
數列為奇數項時，前n項的和=中間項×項數
數列為偶數項，求首尾項相加，用它的和除以2
等差中項公式2an+1=an+an+2其中{an}是等差數列
通項公式
公差×項數+首項-公差
數列公式大全15
不過一般分小題、有梯度設問，往往是第1小題就是求數列的通項公式，難度適中，一般考生可突破，爭取分數，而且是做第2小題的基礎，因此，求數列通項公式的解題方法、技巧，每一位考生都必須熟練掌握。求數列通項公式的題型很多，不同的題型有不同的解決方法。下面結合教學實踐，談談求數列通項公式的解題思路。
一、已知數列的前幾項
已知數列的前幾項，求通項公式。通過觀察找規律，分析出數列的項與項數之間的關系，從而求出通項公式。這種方法稱為觀察法，也即是歸納推理。
例1、求數列的通項公式
（1）0，22——1/3，32——1/4，42＋1/5……
�。�2）9，99，999，……
分析：（1）0=12——1/2，每一項的分子是項數的平方減去1，分母是項數加上1，n2——1/n＋1＝n——1，其實，該數列各項可化簡為0，1，2，3，……，易知an＝n——1。
（2）各項可拆成10-1，102-1，103-1，……，an＝10n——1。
此題型主要通過讓學生觀察、試驗、歸納推理等活動，且在此基礎上進一步通過比較、分析、概括、證明去揭示事物的本質，從而培養學生的思維能力。
二、已知數列的前n項和Sn
已知數列的前n項和Sn，求通項公式an，主要通過an與Sn的關系轉化，即an -{ S1（n＝1） Sn -Sn——1（n≥2）
例2、已知數列{an }的前n項和Sn=2n+3，求an
分析：Sn=a1+a2 +……+an——1+an
Sn——1＝a1+a2 +……+an——1
上兩式相減得 Sn -Sn——1=an
解：當n=1時，a1=S1=5
當n≥2時，an =Sn -Sn——1=2n+3-（2n——1+3）=2n——1
∵n=1不適合上式
∴an ={5（n=1） 2n——1（n≥2）
三、已知an與Sn關系
已知數列的第n項an與前n項和Sn間的關系：Sn=f（an），求an。一般的思路是先將Sn與an的關系轉化為an與an——1的關系，再根據與的關系特征分為如下幾種類型。不同的類型，要用不同的方法解決。
�。�1）an=an——1+k。數列屬等差數列，直接代公式可求通項公式。
例3、已知數列{an}，滿足a1=3，an=an——1+8，求an。
分析：由已知條件可知數列是以3為首項，8為公差的等差數列，直接代公式可求得an=8n-5。
�。�2）an=kan——1（k為常數）。數列屬等比數列，直接代公式可求通項公式。
例4、數列{an}的前n項和Sn,a1=1，an+1=2Sn+1（n∈N+）
求數列{an}的通項公式。
分析：根據an與Sn的關系，將an+1=2Sn+1轉化為an與an+1的關系。
解：由an+1=2Sn+1
得an=2Sn-1+1（n≥2）
兩式相減，得an+1-an=2an
∴an+1=3an （n≥2）
∵a2=2Sn+1=3
∴a2=3a1
∴{an}是以1為首項，3為公比的等比數列
∴an=3n-1
�。�3）an+1=an+f（n），用疊加法
思路：令n=1，2，3，……，n-1
得a2=a1+f（1）
a3=a2+f（2）
a4=a3+f（3）
……
+）an=an——1+f（n-1）
an=a1+f（1）+f（2）+…+f（n-1）
例5、若數列{an}滿足a1=2，an+1=an+2n
則{an}的`通項公式=（ ）
解：∵an+1=an+2n
∴a2 =a1+2×1
a3=a2+2×2
a4=a3+2×3
……
+）an=an——1+2（n-1）
an=a1+2（1+2+3+…+n-1）
=2+2×（1+n-1）（n-1）
=n2-n+2
（4）an+1=f（n）an，用累積法
思路：令n=1，2，3，……，n-1
得a2 =f（1）a1 a3=f（2）a2 a4=f（3）a3
……
×）an=f（n-1）an-1
an=a1·f（1）·f（2）·f（3）……f（n-1）
例6、若數列{an}滿足a1=1，an+1=2n+an，則an=（ ）
解：∵an+1=2nan ∴a2 =21a1
a3=22a2 a4=23a3
……
×） an=2n——1·an——1
an=2·22·23·……·2n-1a1=2n（n-1）/2
�。�5）an=pan——1+q， an=pan——1+f（n）
an+1=an+p·qn（pq≠0），
an=p（an——1）q， an+1=ran/pan+q=（pr≠0，q≠r）
�。╬、q、r為常數）
這些類型均可用構造法或迭代法。
①an=pan——1+q （p、q為常數）
構造法：將原數列的各項均加上一個常數，構成一個等比數列，然后，求出該等比數列的通項公式，再還原為所求數列的通項公式。
將關系式兩邊都加上x
得an+x=Pan——1+q+x
=P（an——1 + q+x/p）
令x=q+x/p，得x=q/p-1
∴an+q/p-1=P（an——1+q/p-1）
∴{an+q/p-1}是以a1+q/p-1為首項，P為公比的等比數列。
∴an+q/p-1=（a1+q/p-1）Pn-1
∴an=（a1+q/p-1）Pn-1-q/p-1
迭代法：an=p（an——1+q）=p（pan-2+q）+q
=p2（（pan-3+q）+pq+q……
例7、數列{an}的前n項和為Sn，且Sn=2an-n（n∈N+）求an
解析：由Sn=2an-n 得Sn-1=2an-1-（n-1） （n≥2,n∈N+）
兩式相減得an=2an-1+1
兩邊加1得an+1=2（an-1+1） （n≥2，n∈N+）
構造成以2為公比的等比數列{an+1}
�、赼n=Pan-1+f（n）
例8、數列{an}中，a1為常數，且an=-2an-1+3n-1（≥2，n∈N）
證明：an=（-2）n-1a1+3n+（-1）n·3·2n-1/5
分析：這道題是證明題，最簡單的方法當然是數學歸納法，現用構造法和迭代法來證明。
方法一：構造公比為-2的等比數列{an+λ·3n}
用比較系數法可求得λ=-1/5
方法二：構造等差型數列{an/（-2）n}。由已知兩邊同以（-2）n，得an/（-2）n=an-1/（-2）n=1/3·（-3/2）n，用疊加法處理。
方法三：迭代法。
an=-2an-1+3n-1=-2（-2an-2+3n-2）+3n-1
=（-2）2an-2+（-2）·3n-2+3n-1
=（-2）2（-2an-3+3n-3）+（-2）·3n-2+3n-1
=（-2）3an-3+（-2）·3n-3+（-2）·3n-2+3n-1
=（-2）n-1a1+（-2）n-1·3+（-2）n-3·+32+……+（-2）·3n-2+3n-1
=（-2）n-1a1+3n+（-1）n-2·3·2n-1/5
�、踑n+1=λan+p·qn（pq≠0）
�。á。┊敠�=qn+1時，等式兩邊同除以，就可構造出一個等差數列{an/qn}。
例9、在數列{an}中，a1=4，an+1+2n+1，求an。
分析：在an+1=2an+2n+1兩邊同除以2n+1，得an+1/2n+1=an/2n+1
∴{an/2n}是以a1/2=2為首項，1為公差的等差數列。
�。áⅲ┊敠恕賟時，等式兩邊同除以qn+1，令bn=an/qn，得bn+1=λ/qbn+p，再構造成等比數列求bn，從而求出an。
例10、已知a1=1，an=3an-1+2n-1，求an
分析：從an=3an-1+2n-1兩邊都除以2n，
得an/2n=3/2 an-1/2n-1+1/2
令an/2n=bn
則bn=3/2bn-1+1/2
④an=p（an——1）q（p、q為常數）
例11、已知an=1/a an——12，首項a1，求an。
方法一：將已知兩邊取對數
得lgan=2lgan——1-lga
令bn=lgan
得bn=2bn-1-lga，再構造成等比數列求bn，從而求出an。
方法二：迭代法
an=1/a a2n——1=1/a （1/a a2n——2）2=1/a3 a4n——2
=1/a3 （1/a a2n——3）4=1/a7·an——38=a·（an——3/a）23
=……=a·（a1/a）2n——1
�、輆n+1=ran/pan+q（p、q、r為常數，pr≠0，q≠r）
將等式兩邊取倒數，得1/an+1=q/r·1/an+p/r，再構造成等比數列求an。
例12、在{an}中，a1=1，an+1=an/an+2，求an
解：∵an+1=an/an+2
∴1/an+1=2·1/an+1
兩邊加上1，得1/an+1+1=2（1/an+1）
∴{1/an+1}是以1/an+1=2為首項，2為公比的等比數列
∴ 1/an+1=2×2n-1=2n
∴an=1/2n-1
以上羅列出求數列通項公式的解題思路雖然很清晰，但是一般考生對第三項中的5種類型題用構選法和迭代法都比較困難的。遇到此情況，可轉化為第一種類型解決，即從an與Sn的關系式求出數列的前幾項，用觀察法求an。
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